[L03] Terne giapponesi

Numeri interi, divisibilità, primalità, ed equazioni a valori interi.
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Toadino2
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[L03] Terne giapponesi

Messaggio da Toadino2 »

Ho voluto azzannare un problema un po' più difficile che si sta rivelando ostichetto :D mentre continuo a scervellarmi, lo propongo anche a voi. P.S. Forse non ho stimato perfettamente il livello...

Si trovino tutte le terne ordinate di interi positivi $a,b,c$ tali che $2^a+3^b+1=6^c$.
Ultima modifica di Toadino2 il 02/03/2016, 9:36, modificato 1 volta in totale.
C'è chi ha definito ogni persona come una guerriera della vita... ed allora ogni matematico combatte una guerra eterna contro i numeri per conquistarli: e più saremo in tanti a combattere tali battaglie, prima la vinceremo. Cit.Me
Gerald Lambeau
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Iscritto il: 07/01/2015, 18:18

Re: [L04] Terne giapponesi

Messaggio da Gerald Lambeau »

Testo nascosto:
Supponiamo $a \ge 3$ e osserviamo $3^b+1$ modulo $8$: esso può essere solo $2 \lor 4$ e quindi $2^a+3^b+1 \equiv 2 \lor 4 \pmod{8}$ quindi $c \le 2$.
Provando a mano i pochi casi (per $a$ e $b$ troppo grandi si sfora $36$) otteniamo le terne $(1, 1, 1)$ (questa al momento la consideriamo non buona perché avevamo $a \ge 3$), $(3, 3, 2)$ e $(5, 1, 2)$.
Osserviamo che con $a=1$ abbiamo $2^a+3^b+1 \equiv 4 \lor 6 \pmod{8}$ e quindi abbiamo sempre $c \le 2$ e provando a mano otteniamo la terna $(1, 1, 1)$ (eccola che ritorna fuori).
Resta solo $a=2$, ma in questo caso $2^a+3^b+1 \equiv 2 \pmod{3}$, ma dato che $c \ge 1$ abbiamo $6^c \equiv 0 \pmod{3}$, assurdo.
Le uniche soluzioni sono quindi $(1, 1, 1)$, $(3, 3, 2)$ e $(5, 1, 2)$.
Sarei più propenso a dire L03...
"I matematici non realizzano nulla... semplicemente scoprono e dimostrano verità intrinseche riguardanti tutto ciò che esiste, ovvietà e banalità per una mente superiore, perfetta. Ed è quello il mio obiettivo!"
Cit. Marco (mio vero nome)
Toadino2
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Iscritto il: 27/11/2014, 18:05

Re: [L03] Terne giapponesi

Messaggio da Toadino2 »

Inutile dirlo, è corretta...
Non avevo considerato l'idea di guardare in moduli diversi ;)
C'è chi ha definito ogni persona come una guerriera della vita... ed allora ogni matematico combatte una guerra eterna contro i numeri per conquistarli: e più saremo in tanti a combattere tali battaglie, prima la vinceremo. Cit.Me
carlotheboss
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Iscritto il: 17/02/2016, 16:12

Re: [L04] Terne giapponesi

Messaggio da carlotheboss »

Gerald Lambeau ha scritto:
Testo nascosto:
Supponiamo $a \ge 3$ e osserviamo $3^b+1$ modulo $8$: esso può essere solo $2 \lor 4$ e quindi $2^a+3^b+1 \equiv 2 \lor 4 \pmod{8}$ quindi $c \le 2$.
Provando a mano i pochi casi (per $a$ e $b$ troppo grandi si sfora $36$) otteniamo le terne $(1, 1, 1)$ (questa al momento la consideriamo non buona perché avevamo $a \ge 3$), $(3, 3, 2)$ e $(5, 1, 2)$.
Osserviamo che con $a=1$ abbiamo $2^a+3^b+1 \equiv 4 \lor 6 \pmod{8}$ e quindi abbiamo sempre $c \le 2$ e provando a mano otteniamo la terna $(1, 1, 1)$ (eccola che ritorna fuori).
Resta solo $a=2$, ma in questo caso $2^a+3^b+1 \equiv 2 \pmod{3}$, ma dato che $c \ge 1$ abbiamo $6^c \equiv 0 \pmod{3}$, assurdo.
Le uniche soluzioni sono quindi $(1, 1, 1)$, $(3, 3, 2)$ e $(5, 1, 2)$.
Sarei più propenso a dire L03...
Identica alla mia, dunque non posto :lol:
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